Limit of Series by Definition – A quotient of polynomials to infinity – Exercise 385

Exercise

Given

an=2n+113na_n = \frac{2 n + 1}{1 - 3 n}

Prove the following limit

limnan=23\lim _ {n \rightarrow \infty} a_n = -\frac{2}{3}

Proof

Coming soon…

ניקח

ε>0\varepsilon > 0

נמצא N כל שלכל

nNn \geq N

יתקיים:

an+23<ε|a_n + \frac {2}{3} | < \varepsilon

כדי להוכיח זאת, נפַתח את הביטוי באגף השמאלי עד שנגיע לביטוי שבו n מופיע פעם אחת. נעשה זאת כך:

an+23=|a_n + \frac {2}{3} | =

=2n+113n+23== |\frac{2 n + 1}{1 - 3 n} + \frac {2}{3} | =

6n+3+26n39n=|\frac{6 n + 3 +2 - 6 n}{3 - 9 n} | =

539n=|\frac{5}{3 - 9 n} | =

נשים לב שהמונה חיובי, ואילו המכנה שלילי, כי n שואף לאינסוף, כלומר:

39n<03 - 9 n < 0

לכן, נסיר את הערך המוחלט כך:

=59n3==\frac{5}{ 9 n - 3} =

אפשר לסיים כעת, כי קיבלנו מופע אחד של n, אבל נקבל ביטוי מסובך יותר של N. לכן, נמשיך לפתח את הביטוי כדי להגיע למשהו יותר פשוט.

=56n+3n3==\frac{5}{ 6 n + 3 n - 3} =

=56n+3(n1)==\frac{5}{ 6 n + 3 ( n - 1 )} =

56n<1n\leq \frac{5}{ 6 n } < \frac {1}{n}

הגענו לביטוי שבו n מופיע רק פעם אחת וסיימנו.

כעת, בחישוב בצד נמצא את ה-N שיסיים את ההוכחה. לשם כך, נניח שמתקיים:

1n<ε\frac { 1 } { n} < \varepsilon

נבודד את n ונקבל:

n>1εn > \frac {1}{\varepsilon}

לכן, נבחר N גדול מהביטוי שקיבלנו באגף השני, כלומר ניקח:

N>1εN > \frac {1}{\varepsilon}

ואז לכל 

nNn \geq N

נקבל שמתקיים:

an+23<1n<1N<ε|a_n + \frac {2}{3} | < \frac{1}{n}<\frac{1}{N}<\varepsilon

הערה: N הוא מספר חיובי שלם (גדול מאוד), ולכן יש שמגדירים את N להיות החלק השלם הגדול של הביטוי:

1ε\frac {1}{\varepsilon}

כך:

N=1εN = \lceil \frac {1}{\varepsilon} \rceil

בהגדרה כזו ההוכחה תסתיים כך:

an+23<1n<1N=11ε=ε|a_n + \frac {2}{3} | < \frac{1}{n}<\frac{1}{N}=\frac{1}{\frac{1}{\varepsilon}}=\varepsilon

עזרתי לך להבין את החומר? אשמח לתרומה צנועה של כוס קפה כאן, כדי שאוכל להעלות בכיף פתרונות נוספים 🙂
רוצה פתרונות נוספים בנושא זה או בנושאים אחרים? – ספר/י לי כאן ואשמח לעזור. 
מצאת טעות? יש לך שאלה בנוגע לפתרון זה? השאיר/י תגובה למטה ואשמח לענות. 

Share with Friends

Leave a Reply